题目
题型:不详难度:来源:
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(1)滑块B与A碰撞结束瞬间的速度;
(2)小车与墙壁碰撞前瞬间的速度;
(3)为使滑块B能沿圆轨道运动而不脱离圆轨道,对轨道半径R有何要求?
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答案
mgxsinθ+
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1 |
2 |
代入数据解得:v1=
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A、B碰撞过程动量守恒,以A的初速度方向为正方向,由动量守恒定律得:
mv1=(m+m)v2,
代入数据解得:v2=
| ||
2 |
(2)开始时A处于平衡状态,由平衡条件得:
mgsinθ=kx0,
代入数据解得:x0=0.1m,
已知x=0.1m,弹簧恢复原长时,上端的位置恰好在N点,B、A碰撞后,弹簧恢复原长时,A、B在N点分离,
从A、B碰撞后到即将分离过程中,由能量守恒定律得:
Ep=2mgx0sinθ+
1 |
2 |
1 |
2 |
代入数据解得:v3=2
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此后B从斜面飞出,做斜抛运动直至运动到最高点,它落入小车的最左端的速度:
v3x=v3cosθ,
代入数据解得:v3x=3m/s,
滑块与小车组成的系统动量守恒,以滑块的初速度方向为正方向,由动量守恒定律得:
mv3x=(m+M)v4,
代入数据解得:v4=2m/s,
滑块与小车组成的系统,由能量守恒定律得:
μmgL1=
1 |
2 |
1 |
2 |
代入数据解得:L1=0.75m<L=1m,
小车与墙壁碰撞时的速度为v4=2m/s;
(3)小车与墙壁碰撞后,滑块在小车上做匀减速运动,
位移:L2=L-L1=1-0.75=0.25m,
假设滑块恰好能滑过圆的最高点,设速度为v,
由牛顿第二定律得:mg=m
v2 |
R |
由动能定理得:-μmgL2-mg•2R=
1 |
2 |
1 |
2 |
代入数据解得:R=0.06m,
如果滑块恰好滑至
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4 |
则滑块也能沿圆轨道运动而不脱离圆轨道,
由动能定理得:-μmgL2-mgR=0-
1 |
2 |
代入数据解得:R=0.15m,
综上所述,滑块能沿圆轨道运动而不脱离圆轨道,半径需要满足的条件是:
R≤0.06m或R≥0.15m;
答:(1)滑块B与A碰撞结束瞬间的速度为
| ||
2 |
(2)小车与墙壁碰撞前瞬间的速度为2m/s;
(3)为使滑块B能沿圆轨道运动而不脱离圆轨道,半径需要满足的条件是:R≤0.06m或R≥0.15m.
核心考点
试题【如图所示,倾角θ=30°的光滑斜面上MN底端固定一轻弹簧,轻弹簧的上端与滑块A固定连接,弹簧劲度系数k=100N/m,A静止且距斜面顶端N点相距x=0.10m.】;主要考察你对动能定理及应用等知识点的理解。[详细]
举一反三
1 |
4 |
(1)物块到达B点时速度的大小?
(2)物块在水平轨道上滑行的距离?
(3)若从物块停止处,用水平推力反向推物块,使之恰好能到达A点,该水平推力对物块做的功是多少?
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A.小球不可能做圆周运动 |
B.小球和弹簧组成的系统机械能增加 |
C.小球重力势能的减少量等于重力对小球做的功 |
D.小球的电势能的减少量等于小球动能的增量减去弹簧弹力对小球做的功 |
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(1)物体上升到最高点时离开沙坑表面的高度H;
(2)物体在沙坑中受到的平均阻力F是多少?
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A.v′>v | B.v′=v | C.v′<v | D.不能确定 |
![](http://img.shitiku.com.cn/uploads/allimg/20200101/20200101011848-75912.png)
(1)若飞机在t1时刻未钩住阻拦索,仍立即关闭动力系统,仅在阻力f的作用下减速,求飞机继续滑行的距离(假设甲板足够长);
(2)在t1至t2间的某个时刻,阻拦索夹角α=120°,求此时阻拦索中的弹力T;
(3)飞机钩住阻拦索后在甲板上滑行的距离比无阻拦索时少s=898m,求从t2时刻至飞机停止,阻拦索对飞机做的功W.
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