题目
两个大小相同且含30°角的三角板ABC和DEC如图①摆放,使直角顶点重合.将图①中△DEC绕点C逆时针旋转30°得到图②,点F、G分别是CD、DE与AB的交点,点H是DE与AC的交点.
![](http://hiphotos.baidu.com/zhidao/pic/item/9922720e0cf3d7ca5ecd13f2f11fbe096b63a97e.jpg)
(1)不添加辅助线,写出图②中所有与△BCF全等的三角形;
(2)将图②中的△DEC绕点C逆时针旋转45°得△D1E1C,点F、G、H的对应点分别为F1、G1、H1,如图③.探究线段D1F1与AH1之间的数量关系,并写出推理过程;
(3)在(2)的条件下,若D1E1与CE交于点I,求证:G1I=CI.
![](http://hiphotos.baidu.com/zhidao/pic/item/9922720e0cf3d7ca5ecd13f2f11fbe096b63a97e.jpg)
(1)不添加辅助线,写出图②中所有与△BCF全等的三角形;
(2)将图②中的△DEC绕点C逆时针旋转45°得△D1E1C,点F、G、H的对应点分别为F1、G1、H1,如图③.探究线段D1F1与AH1之间的数量关系,并写出推理过程;
(3)在(2)的条件下,若D1E1与CE交于点I,求证:G1I=CI.
提问时间:2020-08-01
答案
(1)图②中与△BCF全等的有△GDF、△GAH、△ECH.
(2)D1F1=AH1,
证明:∵在△AF1C与△D1H1C中,
,
∴△AF1C≌△D1H1C.
∴F1C=H1C,又CD1=CA,
∴CD1-F1C=CA-H1C.
即D1F1=AH1;
(3)连接CG1.
在△D1G1F1和△AG1H1中,
∵
H1,![](http://hiphotos.baidu.com/zhidao/pic/item/9f2f070828381f3016c0a02daa014c086f06f05d.jpg)
∴△D1G1F1≌△AG1H1.
∴G1F1=G1H1,
又∵H1C=F1C,G1C=G1C,
∴△CG1F1≌△CG1H1.
∴∠1=∠2.
∵∠B=60°,∠BCF=30°,
∴∠BFC=90°.
又∵∠DCE=90°,
∴∠BFC=∠DCE,
∴BA∥CE,
∴∠1=∠G1CE,
∴∠2=∠G1CE,
∴G1I=CI.
(2)D1F1=AH1,
证明:∵在△AF1C与△D1H1C中,
|
∴△AF1C≌△D1H1C.
∴F1C=H1C,又CD1=CA,
∴CD1-F1C=CA-H1C.
即D1F1=AH1;
(3)连接CG1.
在△D1G1F1和△AG1H1中,
∵
|
![](http://hiphotos.baidu.com/zhidao/pic/item/9f2f070828381f3016c0a02daa014c086f06f05d.jpg)
∴△D1G1F1≌△AG1H1.
∴G1F1=G1H1,
又∵H1C=F1C,G1C=G1C,
∴△CG1F1≌△CG1H1.
∴∠1=∠2.
∵∠B=60°,∠BCF=30°,
∴∠BFC=90°.
又∵∠DCE=90°,
∴∠BFC=∠DCE,
∴BA∥CE,
∴∠1=∠G1CE,
∴∠2=∠G1CE,
∴G1I=CI.
(1)观察图形,根据全等三角形的判定定理,即可得与△BCF全等的有△GDF、△GAH、△ECH;
(2)利用SAS即可判定△AF1C≌△D1H1C,则可得对应线段相等,即可求得D1F1=AH1;
(3)首先连接CG1,利用AAS即可证得△D1G1F1≌△AG1H1.然后可证得△CG1F1≌△CG1H1.又由平行线的性质即可求得答案.
(2)利用SAS即可判定△AF1C≌△D1H1C,则可得对应线段相等,即可求得D1F1=AH1;
(3)首先连接CG1,利用AAS即可证得△D1G1F1≌△AG1H1.然后可证得△CG1F1≌△CG1H1.又由平行线的性质即可求得答案.
旋转的性质;全等三角形的判定与性质.
此题考查了全等三角形的判定与性质以及旋转的性质,平行线的性质等知识.此题综合性较强,解题的关键是注意数形结合思想的应用,准确构造辅助线给解题会带来事半功倍的效果.
举一反三
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