题目
题型:不详难度:来源:
A.4×103W, 8.0×103W | B.1.6×104W, 3.2×104W |
C.2.4×104W, 4.8×104W | D.2.0×104W , 4.0×104W |
答案
解析
分析:起重机匀加速运动,由牛顿第二定律可以求得起重机拉力的大小,由匀变速直线运动的规律可以求得货物上升的高度,再利用功率的公式可以求得平均功率和瞬时功率.
解答:解:货物匀加速运动,由速度公式可得,v=at,所以a==2m/s2,
2s内的位移是x=at2═4m,
由牛顿第二定律可得 F-mg=ma,
所以 F=mg+ma=1.0×103×10+1.0×103×2=12000N,
起重机做的功为 W=Fx=12000×4J=48000J,
所以起重机在这2s内的平均功率为:==W=24000W
起重机在这2s末的瞬时功率为,
P瞬=Fv=12000×4W=48000W.
故选C
点评:解决本题的关键区分平均功率和瞬时功率,根据P= 可求平均功率,根据P=Fv可求瞬时功率.
核心考点
试题【一台起重机匀加速地将质量m=1.0×103Kg的货物从静止竖直吊起,在2s末货物的速度v=4.0m/s取g=10m/s2,不计阻力,则起重机在这2s时间内的平均】;主要考察你对功等知识点的理解。[详细]
举一反三
A.0.5J | B.15J | C.250J | D.15000J |
①如图所示,将微型电动机和电磁打点计时器固定在铁架台上,并与电源连接。把一根细线固定在电动机的转轮上,细线下端连接在重锤上端,将纸带的一端穿过打点计时器的限位孔后,固定在重锤上。
②接通打点计时器的电源,计时器开始打点,同时启动微型电动机带动重锤上升。
③经过一段时间,关闭打点计时器和微型电动机,取下纸带,进行测量。
④用天平测出重锤的质量。
已知交流电源周期T=0.02s,当地的重力加速度g=9.80m/s2,某次实验测得重锤的质量为0.40kg,得到纸带的一段如图乙所示。试回答下列问题:
(1)由纸带上打下的点,可以判断重锤做 运动。
(2)由已知量和测得量求得微型电动机的输出功率P= 。(计算结果保留3位有效数字)
(3)你认为微型电动机的实际输出功率 (填“大于”或“等于”或“小于”)计算值。原因是 。
A.如果物体改做匀速运动,力F一定对物体做正功 |
B.如果物体改做匀加速运动,力F一定对物体做正功 |
C.如果物体改做匀减速运动,力F一定对物体做负功 |
D.如果物体改做曲线运动,力F可能对物体不做功 |
①水平外力F在t=2s内对物体所做的功。
②水平外力F在第2 s内对物体所做功的功。
③水平外力F在t=2s末对物体所做功的瞬时功率。
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