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题目
题型:不详难度:来源:
(1)某同学在做“利用单摆测重力加速度”的实验时,有下列步骤,其中正确的是______(不定项)
A.取长度约1m的细线,一端固定在铁架台上,另一端栓一个小铁球
B.测出细线的长度即为单摆的摆长L
C.使小铁球离开其平衡位置约30cm的距离,将其静止释放
D.待小铁球摆动稳定后,当小铁球经过平衡位置时按下秒表开始计时
E.开始计时时记为1,当小铁球第50次经过平衡位置停止计时,所测时间为50个周期(t=50T)
(2)若某次测量时间结果如图所示,则秒表的读数是______s.
 
魔方格

(3)若测出的g值较当地重力加速度的值偏大,可能原因是______(不定项)
A.小球的质量偏大
B.用摆线的长度当作摆长
C.将实际振动n次数误记为(n+1)次
D.摆线上端没有系牢,摆动过程因松动而使摆线变长.
答案
(1)A、取长度约1m的细线,一端固定在铁架台上,另一端栓一个小铁球,符合实验要求,故A正确;
B、摆线长度与摆球半径之和是摆长,测出细线的长度作为单摆的摆长L是错误的,故B错误;
C、单摆的最大摆角应小于5°,小铁球离开其平衡位置约30cm的距离,将其静止释放,摆角太大,故C错误;
D、待小铁球摆动稳定后,当小铁球经过平衡位置时按下秒表开始计时,故D正确;
E、开始计时时记为1,当小铁球第50次经过平衡位置停止计时,所测时间为49个周期,不是50个周期,故E错误;
故正确的实验步骤是AD.
(2)由图示秒表可知,秒表的分针示数是1min=60s,秒针示数是40.5s,则秒表示数是60s+40.5s=100.5s.
(3)由单摆周期公式T=2π


L
g
可知,g=
4π2L
T2

A、由g=
4π2L
T2
可知,重力加速度与摆球质量无关,故A错误;
B、用摆线的长度当作摆长,摆长L偏小,由g=
4π2L
T2
可知,所测重力加速偏小,不符合题意,故B错误;
C、将实际振动n次数误记为(n+1)次,所测单摆周期T变小,由g=
4π2L
T2
可知,所测重力加速度偏大,符合题意,故C正确;
D、摆线上端没有系牢,摆动过程因松动而使摆线变长,由T=2π


L
g
可知.所测单摆的实际周期T偏大,由g=
4π2L
T2
可知所测重力加速度偏小,不符合题意,故D错误;
故答案为:(1)AD;(2)100.5;(3)C.
核心考点
试题【(1)某同学在做“利用单摆测重力加速度”的实验时,有下列步骤,其中正确的是______(不定项)A.取长度约1m的细线,一端固定在铁架台上,另一端栓一个小铁球B】;主要考察你对重力等知识点的理解。[详细]
举一反三
在“用单摆测定重力加速度”的实验中,直接测出物理量摆长L,振动n次的时间t,从而测定重力加速度g.如果测出的g值偏小,则可能的原因是(  )
(A)误将摆线长度当作摆长
(B)误将从悬点到摆球下端的长度当作摆长
(C)摆球质量过大
(D)误把n次全振动记录为n+1次.
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在“用单摆测定重力加速度”的实验中,①测摆长时,若正确测出悬线长L和摆球直径d,则摆长为______;②测周期时,当摆球经过______位置时开始计时并计数0,测出经过该位置N次(约60~100次)的时间为t,则周期为______.用这些数据可以算出当地重力加速度为______.
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在“用单摆测定重力加速度”的实验中,测得单摆摆角小于5°,完成n次全振动的时间为t,用毫米刻度尺测得摆线长为L,用螺旋测微器测得摆球直径为d.
(1)用上述物理量的符号写出重力加速度的一般表达式g=______.
(2)从上图可知,摆球直径d的读数为______mm.魔方格
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(1)利用单摆测重力加速度的实验中,偏角小于50,但测出的重力加速度的数值偏大,可能原因是______
A.振幅较小         B.测摆长时,只量出摆线的长度,没有从悬挂点量到摆球中心
C.数振动次数时,少计了一次      D.数振动次数时,多计了一次
(2)利用单摆测重力加速度的实验中,为了减小测量周期的误差,应在______位置(填“最低点”或“最高点”)开始计时和结束计时.
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用单摆测定重力加速度的实验中,若测得重力加速度g值偏小,可能的原因是(  )
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A.测摆线长时摆线拉得过紧
B.开始计时时,秒表过迟按下
C.实验中将49次全振动误数为50次
D.摆线上端未牢固地系于悬点,摆动中出现松动,使摆线长度增加了